NOIP2023模拟9联测30 D. 金牌
题目大意
有一棵 \(n\) 个节点的树。
假设一条路径的长度为 \(d\) ,那么这条路径的价值为 \(2^d\)
现在有 \(k\) 个询问,每次给定两个整数 \(x , y\) ,询问所有同时通过顶点 \(x\) 和 \(y\) 的简单路径的价值之和 (\(\mod 998244353\))
思路
考虑维护两个数组 \(sum_x , vs_x\) ,分别表示以 \(x\) 为根的子树中的所有点到 \(x\) 距离的二次幂之和、不在 \(x\) 的子树的所有点到 \(x\) 距离的二次幂之和。用一个换根 \(dp\) 就可以了
设询问为 \(x , y\),他们的距离为 \(d\) ,
设 \(A\) 为在图中与 \(x\) 的路径不经过 \(x\to y\) 这条路径上的点的点集
设 \(B\) 为在图中与 \(y\) 的路径不经过 \(x\to y\) 这条路径上的点的点集
答案就是
\[2^d * (\sum_{u\in A} 2^{dis(u , x)}) * (\sum_{v\in B} 2^{dis(v , y)})
\]
-
如果 \(lca(x , y) \neq x \and lca (x , y) \neq y\)
那么答案为 \(2^d * sum_x * sum_y\)
-
否则
设 \(y \neq lca\) ,\(t\) 为 \(x\to y\) 路径中离 \(x\) 最近的点
答案为 \(2^d * sum_y *(vs_x +sum_x - 2 *sum_t)\)
用 \(tarjan\) 求 \(lca\) 每次在 \(tarjan\) 中维护一下现在在走 \(x\) 的那个儿子,就可以搞到上面的 \(t\)
code
#include <bits/stdc++.h>
#define LL long long
using namespace std;
const int N =1e6 + 5;
const LL mod = 998244353;
int hd[N] , cnt , q[N] , cnt2 , dep[N] , n , lca[N] , to[N] , fa[N] , p[N] , st[N] , flg[N] , xx[N] , yy[N] , res[N];
LL sum[N] , vs[N] , mi[N];
struct node {
int to , nt , id;
} query[N << 1];
struct E {
int to , nt;
} e[N << 1];
inline int read () {
int val = 0;
char ch = getchar ();
while (ch < '0' || ch > '9') ch = getchar ();
while (ch >= '0' && ch <= '9') {
val = val * 10 + (ch - '0');
ch = getchar ();
}
return val;
}
inline void write (LL x) {
if (x >= 10) write (x / 10);
putchar (x % 10 + '0');
}
inline void add (int x , int y) { e[++cnt].to = y , e[cnt].nt = hd[x] , hd[x] = cnt; }
inline void add2 (int x , int y , int i) { query[++cnt2].to = y , query[cnt2].nt = q[x] , q[x] = cnt2 , query[cnt2].id = i; }
inline void dfs1 (int x) {
int y;
sum[x] = 1;
dep[x] = dep[fa[x]] + 1;
for (int i = hd[x] ; i ; i = e[i].nt) {
y = e[i].to;
if (y == fa[x]) continue;
fa[y] = x;
dfs1 (y);
sum[x] = (sum[x] + sum[y] * 2) % mod;
}
}
inline int find (int x) {
if (x == p[x]) return x;
else return p[x] = find (p[x]);
}
inline void dfs2 (int x) {
int y;
for (int i = hd[x] ; i ; i = e[i].nt) {
y = e[i].to;
if (y == fa[x]) continue;
vs[y] = (vs[x] + sum[x] - 2 * sum[y] + 2 * mod) * 2 % mod;
dfs2 (y);
}
}
inline void dfs3 (int x) {
st[x] = 2;
int y , Lca , id;
for (int i = q[x] ; i ; i = query[i].nt) {
y = query[i].to;
if (!st[y]) continue;
Lca = find (y);
id = query[i].id;
lca[id] = Lca;
res[id] = dep[x] + dep[y] - dep[Lca] * 2;
to[id] = flg[Lca];
}
for (int i = hd[x] ; i ; i = e[i].nt) {
y = e[i].to;
if (y == fa[x]) continue;
flg[x] = y;
dfs3 (y);
p[y] = x;
}
st[x] = 1;
}
int main () {
freopen ("d.in" , "r" , stdin);
freopen ("d.out" , "w" , stdout);
int u , v;
// int ttt=clock();
n = read ();
mi[0] = 1;
for (int i = 1 ; i <= n ; i ++) mi[i] = mi[i - 1] * 2 % mod;
for (int i = 1 ; i <= n ; i ++) p[i] = i;
for (int i = 1 ; i <= n - 1 ; i ++) {
u = read () , v = read ();
add (u , v) , add (v , u);
}
int q = read ();
for ( int i = 1 ; i <= q ; i ++) {
xx[i] = read () , yy[i] = read ();
add2 (xx[i] , yy[i] , i);
add2 (yy[i] , xx[i] , i);
}
dep[1] = 1;
dfs1 (1);
dfs2 (1);
dfs3 (1);
// for (int i = 1 ; i <= n ; i ++) cout << sum[i] << "\n";
// return 0;
for (int i = 1; i <= q ; i ++) {
u = xx[i] , v = yy[i];
if (lca[i] != u && lca[i] != v) {
write (mi[res[i]]* sum[u] % mod * sum[v] % mod);
}
else {
if (u == lca[i]) swap (u , v);
write (mi[res[i]] * sum[u] % mod * (vs[v] + sum[v] - 2 * sum[to[i]] + 2 * mod) % mod);
}
putchar('\n');
}
// cout<<(clock()-ttt)<<endl;
return 0;
}