Codeforces Round 911 (Div. 2)
D - Small GCD
思路:求Σf(ai,aj,ak),其实就是所有gcd(ai,aj)的贡献,那么ijk的顺序就不重要了,首先可以将a排序。
可以枚举j,求出Σgcd(ai,aj),i<j,且k的个数等于Σgcd(ai,aj)贡献的次数,那么答案就是Σgcd(ai,aj)*(n-i),i<j
考虑到复杂度,怎么求Σgcd(ai,aj),i<j 呢?
引入欧拉反演
n/d表示n以内的数中为d的倍数的数量,在本题中可以维护a1~ai的所有数中d的倍数的数量cnt[d]
则有
#include<bits/stdc++.h> using namespace std; #define int long long //#define int __int128 #define double long double typedef pair<int,int>PII; typedef pair<string,int>PSI; typedef pair<string,string>PSS; const int N=1e5+5,INF=0x3f3f3f3f,Mod=1e9+7,mod=998244353; const double eps=1e-6; int cnt,primes[N],phi[N]; bool st[N]; int n; void get_phi(int n){ phi[1]=1; for(int i=2;i<=n;++i){ if(!st[i])phi[i]=i-1,primes[cnt++]=i; for(int j=0;primes[j]*i<=n;++j){ int t=i*primes[j]; st[t]=true; if(i%primes[j]==0){ phi[t]=phi[i]*primes[j]; break; } else phi[t]=phi[i]*(primes[j]-1); } } } void solve(){ cin>>n; vector<int>a(n+1),num(N); for(int i=1;i<=n;++i)cin>>a[i]; sort(a.begin()+1,a.end()); int ans=0; for(int i=1;i<n;++i){ int s=0,x=a[i]; for(int j=1;j*j<=x;++j){ if(x%j)continue; s+=phi[j]*num[j]++; if(j*j!=x)s+=phi[x/j]*num[x/j]++; } ans+=s*(n-i); } cout<<ans<<'\n'; } signed main(){ ios::sync_with_stdio(0),cin.tie(0),cout.tie(0); int t=1; cin>>t; get_phi(100000); while(t--){ solve(); } return 0; }