好久没打比赛了啊 qwq
A~C
skip
D
把能被 \(3\) 整除的数丢到一个队列里去 \(\text{BFS}\)，每次取队头把它分成两个，如果能被 \(3\) 整除继续入队。最后看给定的数有没有入过队。
E
直接 \(\text{BFS}\)，把每个块总和算出来求最大。
F
可以发现，图的点数 \(n=1+x+x\times y\)。又易知，第二次多出来的点的度均 \(=1\)。设度为 \(1\) 的点数为 \(cnt\)，即 \(x\times y=cnt\)。所以 \(x=n-cnt-1\)，\(y=cnt/x\)。
G
因为每塔的总层数不多（\(<2000\)），所以考虑枚举层，然后 \(O(1)\) 求单层内总和。
因为一层内倒的是连续的，所以尝试推一个柿子：
\(\ \ \ \ a^2+(a+1)^2+(a+2)^2+...+(a+m-1)^2\)
\(=m\times a^2+\frac{(2m-2)\times m}2\times a+\frac{(m-1)\times m\times (2m-1)}6\)
然后考虑如何求每层的 \(a\) 和 \(m\)。
记当前层倒下的右端点为 \(R\)，对应 \(m=R-a+1\)。从下往上做，有初始 \(a=n,R=n\)。
\(n\) 所在层数可以预处理每层点数然后暴力找。对于第 \(i\) 层算完后，\(a,R\) 的变化有如下规律：
if(a==i*(i-1)/2+1) a-=i-1;
else a-=i;
if(R==i*(i+1)/2) R-=i;
else R-=i-1;
至于为什么，自己找几个数算算就好了。
血的教训：柿子不要抄错，不然可能对着正确的地方差半天错（
//If, one day, I finally manage to make my dreams a reality...
//I wonder, will you still be there by my side?
#include<bits/stdc++.h>
#define IOS ios::sync_with_stdio(false)
#define TIE cin.tie(0),cout.tie(0)
#define int long long
#define y1 cyy
#define fi first
#define se second
#define cnt1(x) __builtin_popcount(x)
#define mk make_pair
#define pb push_back
#define pii pair<int,int>
#define ls(x) (x<<1)
#define rs(x) (x<<1|1)
#define lbt(x) (x&(-x))
using namespace std;
int T,n,f[10005];
void solve(){
cin>>n;
int id;
for(int i=1;i<=2000;i++){
if(f[i]>=n){
id=i;
break;
}
}
int a=n,R=n,ans=0,cnt=0,sum=0;
for(int i=id;i>=1;i--){
int m=R-a+1;
ans+=m*a*a+((2ll*m-2)*m/2)*a+(m-1)*m*(2ll*m-1)/6;
cnt++;
if(a==i*(i-1)/2+1) a-=i-1;
else a-=i;
if(R==i*(i+1)/2) R-=i;
else R-=i-1;
}
cout<<ans<<endl;
}
signed main(){
IOS;TIE;
for(int i=1;f[i-1]<=1000000;i++){
f[i]=f[i-1]+i;
}
cin>>T;
while(T--) solve();
return 0;
}
//m*a^2+((m*2-2)*m/2)a+(m-1)(m)(2m-1)/6
H
考虑 \(\text{DP}\)。
记 \(f_{i,j}\) 表示前 \(i\) 个数，选取若干个与和 \(=j\) 的方案数。
有转移：
最后答案为 对于所有二进制下 \(1\) 的个数 \(=k\) 的 \(i\)， \(\sum f_{n,i}\)。
血的教训：div4不要去想什么乱七八糟的容斥
//If, one day, I finally manage to make my dreams a reality...
//I wonder, will you still be there by my side?
#include<bits/stdc++.h>
#define IOS ios::sync_with_stdio(false)
#define TIE cin.tie(0),cout.tie(0)
#define int long long
#define y1 cyy
#define fi first
#define se second
#define cnt1(x) __builtin_popcount(x)
#define mk make_pair
#define pb push_back
#define pii pair<int,int>
#define ls(x) (x<<1)
#define rs(x) (x<<1|1)
#define lbt(x) (x&(-x))
#define mod 1000000007
using namespace std;
int T,n,k,a[200005],f[200005][65],ans;
void solve(){
cin>>n>>k;
ans=0;
for(int i=1;i<=n;i++) cin>>a[i];
for(int i=1;i<=n;i++){
for(int j=0;j<64;j++) f[i][j]=0;
f[i][a[i]]++;
for(int j=0;j<64;j++){
f[i][j&a[i]]+=f[i-1][j],f[i][j&a[i]]%=mod;
f[i][j]+=f[i-1][j],f[i][j]%=mod;
}
}
for(int s=0;s<(1<<6);s++){
if(cnt1(s)==k) ans+=f[n][s],ans%=mod;
}
cout<<ans<<endl;
}
signed main(){
IOS;TIE;
cin>>T;
while(T--) solve();
return 0;
}