526互联

AtCoder Beginner Contest 302 ABCDEF

发布时间 2023-06-21 16:26:26作者: magicat

AtCoder Beginner Contest 302

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F 看错题了，以为是求取得 \(1,2,\dots,m\) 。 后面npy告诉我是 \(1 \text{ and } m\) 。

A - Attack

\(B \times x \geq A\) ，求 \(x\)

void solve()
{       
    ll a, b;    cin>>a>>b;
    cout<<(a / b) + (a % b != 0)<<'\n';
    return;
}

B - Find snuke

8 个方向找 \(\text{snuke}\)

int dx[] = {-1, -1, -1, 0, 0, 1, 1, 1};
int dy[] = {-1, 0, 1, -1, 1, -1, 0, 1};
 
int n, m;
string op[110];
string s = "snuke";
void solve()
{       
    cin>>n>>m;
    for(int i = 1; i <= n; i++)
    {
        cin>>op[i];
        op[i] = "?" + op[i];
    }
    for(int i = 1; i <= n; i++)
    {
        for(int j = 1; j <= m; j++)
        {
            for(int k = 0; k < 8; k++)
            {
                bool ok = false;
                int x = i + 4 * dx[k];
                int y = j + 4 * dy[k];
                if(x < 1 || x > n || y < 1 || y > m)
                    continue;
                for(int q = 0; q <= 4; q++)
                {
                    x = i + q * dx[k];
                    y = j + q * dy[k];
                    if(x < 1 || x > n || y < 1 || y > m)
                        break;
                    if(op[x][y] != s[q])
                        break;
 
                    if(q == 4)
                        ok = true;
                }
                if(ok)
                {
                    for(int q = 0; q <= 4; q++)
                        cout<<i + q * dx[k]<<" "<<j + q * dy[k]<<'\n';
                    return;
                }
 
            }
        }
    }
    return;
}

C - Almost Equal

全排列判断

int n, m;
 
string op[110];
int id[10];
bool vis[10], ok = false;
void dfs(int u)
{
    if(u == n)
    {
        for(int i = 2; i <= n; i++)
        {
            int cnt = 0;
            for(int j = 0; j < m; j++)
                if(op[id[i]][j] != op[id[i - 1]][j])
                    cnt++;
            if(cnt != 1)
                return;
        }
        ok = true;
        return;
    }
    for(int i = 1; i <= n; i++)
    {
        if(!vis[i])
        {
            vis[i] = true;
            id[u + 1] = i;
            dfs(u + 1);
            vis[i] = false;
            id[u + 1] = 0;
        }
    }
}
 
void solve()
{       
    cin>>n>>m;
    for(int i = 1; i <= n; i++)
        cin>>op[i];
    dfs(0);
    if(ok)
        cout<<"Yes\n";
    else
        cout<<"No\n";
    return;
}

D - Impartial Gift

对 B 序列排序后，分别找出 \(A_i (1 \leq i \leq N)\) 在 B 序列中分别找出 \(A_i-d \leq B_j\) 中最小的\(B_j\) 和 \(B_j \leq A_i + d\) 中最大的 \(B_j\) 。直接找会 TLE，但将 B 序列排序后，有序即可二分，时间复杂度 \(O(N \log M)\) 。

要注意二分得到的数只满足一个条件，最后要判断一下是否满足\(A_i - d \leq B_J \leq A_i + d\)

int n, m;
ll a[N], b[N], d;
void solve()
{       
    cin>>n>>m>>d;
    for(int i = 1; i <= n; i++)
        cin>>a[i];
    for(int j = 1; j <= m; j++)
        cin>>b[j];
    sort(a + 1, a + 1 + n);
    sort(b + 1, b + 1 + m);
    ll ans = -1;
    for(int i = 1; i <= n; i++)
    {
        int l = 1, r = m;
        while(l < r)
        {
            int mid = (l + r) >> 1;
            if(b[mid] >= a[i] - d) r = mid;
            else l = mid + 1;
        }  
        if(b[l] >= a[i] - d && b[l] <= a[i] + d)
            ans = max(ans, a[i] + b[l]);
        l = 1, r = m;
        while(l < r)
        {
            int mid = (l + r + 1) >> 1;
            if(b[mid] <= a[i] + d) l = mid;
            else r = mid - 1;
        }
        if(b[l] >= a[i] - d && b[l] <= a[i] + d)
            ans = max(ans, a[i] + b[l]);       
    }
    cout<<ans<<'\n';
    return;
}

E - Isolation

对于每个点，我们要统计如下：

  1. 操作1，u，v 连一条边，我们分别在 \(\text{set}_u, \text{set}_v\) 中记录边，分别查看其的度数，若为 \(0\) , \(\text{答案} - 1\) 并将 u, v 的度数加 \(1\)
  2. 将和 u 有两边的点的度数减 \(1\) , 若为 \(0\) , \(\text{答案} + 1\) , 并删去其边，将 u 的边集清空，度数赋值为 \(0\) ， \(\text{答案} +1\) 。
int n, q, d[N];
set<int> e[N];
void solve()
{       
    cin>>n>>q;
    int res = n;
    for(int i = 1; i <= q; i++)
    {
        int opt; cin>>opt;
        if(opt == 1)
        {
            int u, v;   cin>>u>>v;
            if(d[u] == 0)
                res--;
            if(d[v] == 0)
                res--;
            d[u]++, d[v]++;
            e[u].insert(v);
            e[v].insert(u);
        }
        else
        {
            int u; cin>>u;
            vector<int> a;
            for(auto &it : e[u])
                a.push_back(it);
            for(auto &it : a)
            {
                e[it].erase(u);
                d[it]--;
                if(d[it] == 0)
                    res++;
            }
            e[u].clear();
            if(d[u] != 0)
                res++;
            d[u] = 0;
        }
        cout<<res<<'\n';
    }
    return;
}

F - Merge Set

问合并集合取得 \(1 \text{ and } m\) 的最小路径， 一眼 \(\text{BFS}\)

记录这个点可以到哪些集合，记录集合可以到哪些点

\(\text{BFS}\) 里面存的是点 \(u\)，遍历 \(u\) 的集合中其他的点 \(v\)， 然后是常规的 \(BFS\) 操作了。

int n, m, dist[N];
vector<int> e1[N], e2[N];
bool vis[N];
void bfs()
{
    for(int i = 1; i <= m; i++)
        dist[i] = 1e9;
    queue<int> q;
    q.push(1);
    dist[1] = 0;
    while(!q.empty())
    {
        auto u = q.front(); q.pop();
        for(auto &it : e1[u])
        {
            if(vis[it]) continue;
            vis[it] = true;
            for(auto &v : e2[it])
            {
                if(dist[v] > dist[u] + 1)
                {
                    dist[v] = dist[u] + 1;
                    if(v == m)
                    {
                        cout<<dist[u]<<'\n';
                        return;
                    }
                    q.push(v);
                }
            }
        }
    }
    cout<<-1<<'\n';
}
void solve()
{       
    cin>>n>>m;
    for(int i = 1; i <= n; i++)
    {
        int len;    cin>>len;
        while(len--)
        {
            int x;  cin>>x;
            e1[x].push_back(i);
            e2[i].push_back(x);        
        }
    }
    bfs();

    return;
}