为了对抗附近恶意国家的威胁，R国更新了他们的导弹防御系统。
一套防御系统的导弹拦截高度要么一直 严格单调 上升要么一直 严格单调 下降。
例如，一套系统先后拦截了高度为 3 和高度为 4 的两发导弹，那么接下来该系统就只能拦截高度大于 4 的导弹。
给定即将袭来的一系列导弹的高度，请你求出至少需要多少套防御系统，就可以将它们全部击落。
输入格式
输入包含多组测试用例。
对于每个测试用例，第一行包含整数 n，表示来袭导弹数量。
第二行包含 n 个不同的整数，表示每个导弹的高度。
当输入测试用例 n=0 时，表示输入终止，且该用例无需处理。
输出格式
对于每个测试用例，输出一个占据一行的整数，表示所需的防御系统数量。
数据范围
1≤n≤50
输入样例：
5
3 5 2 4 1
0 输出样例：
2样例解释
对于给出样例，最少需要两套防御系统。
一套击落高度为 3,4 的导弹，另一套击落高度为 5,2,1的导弹。
题解
由于题目给了两种选择，每个数即可加入单调上升的序列，也可以加入单调下降的序列，且我们无法得知哪一种方案更好，因此需要枚举所有状态。
所以，本题不适用动态规划。
整体思路是，枚举每个数加入的序列种类，但是这样的复杂度是2的n次方，指数级复杂度，可以用最优化剪枝优化。
举个例子，如果将一个数加入了上升序列，那么最优的放法，就是放入允许的最大的末尾序列元素后面，这样可以使后面的队列元素不会有更差的放法；
用数学语言描述就是，对于所有的上升序列尾部元素集合{up}，当元素 x>up[i]且x<=up[i+1]时，使up[i]=x;
然后在dfs过程中，如果当前结果已经大于等于目前的最优解，可以直接ruturn剪掉这一部分。（参考了他人的思路和代码）
代码
#include <bits/stdc++.h>
#define ll long long
#define PII pair<int,int>
using namespace std;
int n,ans=50;
int a[100],up[100],down[100];
void dfs(int x,int u,int d)
{
if(u+d>=ans) return;
if(x==n+1){
ans=min(ans,u+d);
return;
}
int k = 0;
while (k < u && up[k] >= a[x]) k++;
int num = up[k];
up[k] = a[x];
if (k < u) dfs(x + 1, u, d);
else dfs(x + 1, u + 1, d);
up[k] = num;
k = 0;
while (k < d && down[k] <= a[x]) k++;
num = down[k];
down[k] = a[x];
if (k < d) dfs(x + 1, u, d);
else dfs(x + 1, u , d + 1);
down[k] = num;
}
void solve()
{
for(int i=1;i<=n;i++)
{
cin>>a[i];
}
ans=50;
dfs(1,0,0);
cout<<ans<<endl;
}
int main()
{
int T=1;
//cin>>T;
while(1)
{
cin>>n;
if(n==0) break;
else solve();
}
return 0;
}