首先如果一开始 \(A\) 和 \(B\) 相同，可以直接输出 \(0\)。
否则 \(O(n^2)\) 枚举一个被操作的叶子 \(x\)，和 \(x\) 接到了的 \(y\) 点，此时 \(x\) 不能再被操作，所以将其当作新树 \(A'\) 和 \(B\) 的根节点。
由于操作是作用于叶子的，所以一个非叶节点想要被操作，当且仅当其所有后辈节点都被扔出去了。反之，如果不操作一个点 \(u\) 的话，\(u\) 的祖先也不会被操作。
如果需要操作一个点 \(u\)，说明 \(u\) 在 \(A'\) 和 \(B\) 中的父亲不同，因为你断开再连回去显然不优。如果 \(u\) 在 \(A'\) 和 \(B\) 中的父亲不同，那么你也一定要操作这个点，所以这是充分必要的。
根据上面那个结论，可以知道每个点需不需要被操作。由于操作顺序从叶子到根，所以如果存在一个点 \(u\)，其在 \(A'\) 中的父亲 \(\text{fa}_{A',u}\) 需要被操作，但是 \(u\) 不能被操作，那么就无解了。
否则把所有需要操作的 \(u\) 找出来，如果其 \(A'\) 中的父亲 \(\text{fa}_{A',u}\) 需要被操作，那么 \(u\) 操作的顺序一定比 \(\text{fa}_{A',u}\) 前；如果其 \(B\) 中的父亲 \(\text{fa}_{B,u}\) 需要被操作，那么 \(u\) 操作的顺序一定在 \(\text{fa}_{B,u}\) 后。建图 \(O(n)\) 跑拓扑序即可，如果无环即有解，为需要被操作的点数加上你枚举的那个叶子 \(x\)。
复杂度 \(O(Tn^3)\)，不知道为啥我写的这么长，这场 F 比 E 简单啊。
评测记录。