思路
首先发现，无论是 AB 变 BC，还是 BA 变 CB，最重要的都是 A，因为 B 的数量不会变化，C 既不是变化所需要的，数量还会变多，只有 A 是需要的并且数量还会变少。
首先思考 AB 变 BC 的情况，什么情况下可以继续变化呢？很显然 AB 前还有 A就可以继续变化，而后面因为 C的出现是不可能继续变化的，同理对于 BAA... 的情况也是可以连续变化的。
所以对于每一个 B 我们可以选择向左或者是向右变化，显然的，我们可以贪心，把所有的 A 都变化了。证明很显然。
对于第 \(x\) 个 B，假设我们选择向右变化 A，那么不变化完的话，答案就会变少，如果想要这一段答案不变的话，就必须让第 \(x+1\) 个 B 向左变化，但是显然就可能浪费第 \(x+1\) 个 B 右侧的 A 可能贡献的答案。
所以很容易想到，统计 B 之间的 A 的数量，包括最右边和最左边的 A，同时数量为 0 的我们也要统计。
对于每个 B 我们都可以选择一个方向，将答案增加其中 A 的数量，那么，一定有一段的 A 无法被统计，所以我们取最少的那一段即可。
做法很显然了，直接扫描一遍字符串，统计连续 A 的个数中最小的那个，和总共 A 的数量，最后就是总数减去最小的连续数。
AC code
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
int T,bf,res,sum,minn,n;
char ch[200005];
int main()
{
scanf("%d",&T);
while(T--)
{
scanf("%s",ch+1),bf=res=sum=0,minn=200005,n=strlen(ch+1);
for(int i=1;i<=n;++i)
if(ch[i]=='B') sum+=res,bf=1,minn=min(minn,res),res=0;
else ++res;
sum+=res,minn=min(minn,res);
if(!bf) printf("0\n");//记得特判没有B的情况
else printf("%d\n",sum-minn);
}
}