discovery presents channel contest

洛谷传送门 AtCoder 传送门 用 \((x, y)\) 表示 \(Ax + By\)，那么这个等价于 SB 树。 那么直接在 SB 树上二分，遍历一遍找到 \(n\) 个点就好了。可以采用类似线段树查询的方式。 于是现在还剩下一个子问题：给定 \(a, b\)，求 \(ax + by \le ......

什么是 channel 管道 channel 是 goroutine 与 goroutine 之间通信的重要桥梁 channel 是一个通道，用于端到端的数据传输，这有点像我们平常使用的消息队列，只不过 channel 的发送方和接受方是 goroutine 对象，属于内存级别的通信。 这里涉及到了 ......

2022 China Collegiate Programming Contest (CCPC) Mianyang Onsite 目录2022 China Collegiate Programming Contest (CCPC) Mianyang OnsiteVP 情况G - Let Them E ......

The 2021 China Collegiate Programming Contest (Harbin) 目录The 2021 China Collegiate Programming Contest (Harbin)VP概况J - Local MinimumB - Magical Subseq ......

A. TreeScript 令 \(f_u\) 表示 \(u\) 及 \(u\) 子树中的节点都创建的最小数量。 如果 \(u\) 只有一个儿子，那么可以将子树最后一个节点存储在当前的 \(u\) 中，答案就是 \(f_v\)。 若 \(u\) 有多个儿子： 令 \(t=\max\limits_{v ......

洛谷传送门 AtCoder 传送门 非常妙的题。 先直观感受一下，显然当 \(M\) 大到一定程度后，\([0, M]\) 的所有数都能被取到。考虑 \(V \gets V + Ax + By\)，其中 \(V + Ax + By \in [0, M]\)。如果 \(x, y\) 都是正数显然可以取 ......

A - Beginning 排序以后判断一下是否为 \(1,4,7,9\) 即可。 #include<iostream> #include<cstdio> #include<algorithm> using namespace std; const int N=10; int a[N]; int m ......

A - Subscribers 最小值为 \(\min(A,B)\)，最大值为 \(\max(A+B-n,0)\)。 #include<iostream> #include<cstdio> using namespace std; int n,A,B; int main() { scanf("%d% ......

A - Anti-Adjacency 合法的条件即为 \(k\leq \lceil \frac{n}{2} \rceil\)。 #include<iostream> #include<cstdio> using namespace std; int n,k; int main() { scanf(" ......

C - Stones 枚举分界点爆算即可。 #include<iostream> #include<cstdio> using namespace std; const int N=200005; int n; char s[N]; int sum[N][2]; int main() { scanf ......

A - Hitachi String 满足条件的串即为串长为偶数且相邻两个均为为 hi，直接判断即可。 代码： #include<iostream> #include<cstdio> #include<cstring> using namespace std; const int N=15; int ......

A - Nickname 直接输出前三个字符。 代码： #include<iostream> #include<cstdio> using namespace std; const int N=25; char s[N]; int main() { scanf("%s",s+1); printf(" ......

A - Painting 每次取 \(H,W\) 中较大者涂就是了，输出 \(\lceil \frac{n}{\max(H,W)}\rceil\)。 代码： #include<iostream> #include<cstdio> using namespace std; int h,w,n; int ......

A - Ball Distribution \(k=1\) 时答案为 \(0\)，否则答案为 \(n-k\)。 #include<iostream> #include<cstdio> using namespace std; int n,k; int main() { scanf("%d%d",&n ......

A - Thumbnail 直接按照题意模拟。。。 #include<iostream> #include<cstdio> #include<cmath> using namespace std; const int N=105; int n; int a[N]; int main() { scan ......

A - Sum of Two Integers 分奇偶讨论一下就好了，答案为 \(\lfloor \frac{n-1}\{2\}\rfloor\)。 #include<iostream> #include<cstdio> using namespace std; int n; int main() ......

A - Falling Asleep 找到第一个相等的位置，然后暴力往后加就是了。 #include<iostream> #include<cstdio> using namespace std; const int N=55; int n; string s[N]; string t; int a ......

A - Sum of Interior Angles 答案为 \(180(n-2)\)。 #include<iostream> #include<cstdio> using namespace std; int n; int main() { scanf("%d",&n); printf("%d", ......

A - DDCC Finals 直接模拟即可。 #include<iostream> #include<cstdio> using namespace std; int x,y; int main() { scanf("%d%d",&x,&y); int ans=0; if(x==1) ans+=3 ......

A - Reachable Towns 现把城市按照 \(x_i\) 排序将第一维去掉。 对于每个联通块，将单调栈将每个联通块中 \(y_i\) 最小的那个存下来。每次新加入一个点 \(i\) 相当于前面的 \(\lt y_i\) 的位置合并成一个联通块。具体地，将单调栈中所有 \(\lt y_i\ ......

C - Triangular Relationship 枚举 \(a\bmod k\) 的值，\(b\bmod k,c\bmod k\) 的值也就确定了，算下贡献就好了。 #include<iostream> #include<cstdio> using namespace std; int n,k ......

C - //// 如果奇数和偶数出现的颜色的最大值相同一边取最大值和一边取次大值，否则两边都选最大值即可。 #include<iostream> #include<cstdio> #include<algorithm> using namespace std; const int N=100005; ......

A - Consecutive Integers 答案为 \(n-k+1\)。 #include<iostream> #include<cstdio> using namespace std; int n,k; int main() { scanf("%d%d",&n,&k); printf("%d ......

A - Two Abbreviations 答案要么就是 \(\operatorname{lcm}(n,m)\) 要么就是 \(-1\)。判断下 \(\operatorname{lcm}(n,m)\) 是否合法就是了。 #include<iostream> #include<cstdio> usin ......

A - Candy Distribution Again 从小到大贪心，可以发现一定是满足一个前缀，暴力判断就行了。 #include<iostream> #include<cstdio> #include<algorithm> using namespace std; const int N=10 ......

A - Colorful Slimes 2 可以发现，对于连续的一段长度为 \(m\) 的相同的字符，我们可以花费 \(\lfloor \frac{m}{2}\rfloor\) 的代价将它改为符合要求的。 #include<iostream> #include<cstdio> using names ......

A - Digits Sum 按题意模拟即可。 #include<iostream> #include<cstdio> using namespace std; const int INF=1061109567; int n; int calc(int x) { int res=0; while(x ......

A - Fairness 每次操作后 \(a_i-b_i=b_{i-1}-a_{i-1}\)，对 \(k\) 的奇偶性讨论一下即可。 #include<iostream> #include<cstdio> using namespace std; int a,b,c; long long k; in ......

A - Zero-Sum Ranges 令 \(s_n=\sum\limits_{i=1}^n a_i\)，相当于找满足 \(l\le r,s_r-s_{l-1}\) 的点对 \((l,r)\) 的个数，直接搞就完事了。 #include<iostream> #include<cstdio> #in ......

A - Diverse Word 如果至少有一个字符没有出现过，只要在原字符串后面加入一个没有出现过的字符中最小的那个字符就好了。 如果所有字符都出现过，找到一个尽量靠后的位置 \(i\in [1,n)\)，使得 \(s_i\lt s_{i+1}\)，最优字符串将 \(s_i\) 换成 \([i+1 ......