usaco2 p1522 usaco tours

题意 有一个字串 $S$ 长 $M$，由 $N$ 个小写字母构成。欲通过增删字母将其变为回文串，增删特定字母花费不同，求最小花费。 分析 定义状态 $dp[i][j]$ 表示使 $i$ 到 $j$ 这一段区间变成回文串所需要的最小代价。 显然，$dp[i][j]$ 只能由 $dp[i + 1][j] ......

$\color{purple}\text{P6007 [USACO20JAN]Springboards G}$ 题意 你从 $(0,0)$ 出发，到达 $(n,n)$ ，每次只能向上或向右走，有 $m$ 个传送门，将你传送到传送门起点右上方的一个终点。求最少走路次数。 解法 我们不走传送门的时候答案 ......

在我的个人博客获得更好的阅读体验 Problem 洛谷 P7987 [USACO21DEC] Paired Up G 题目大意： 有 $n$ 个点，其中第 $i$ 个点位置为 $x_i$，权值为 $y_i$。若两个点 $i, j$ 满足 $|x_i - x_j| \le k$，则这两个点之间有一条边 ......

一、题目描述： n 个点，m 条边，带边权。起点为 1，终点为 n。 求最小割以及在最小割的情况下的最少割的边数。 2<=n<=32,1<=m<=1e3。 二、解题思路： 第一问很好求解，直接最大流即可。 第二问想不出来，看了题解把我震惊了！ 设边 i 原本的边权为 w[i]，现在我们令新边权 v[ ......

一、题目描述： n 个点，m 条边，给定起点 s 和终点 t ，求最少删去几个点后，s 和 t 不连通。 注意，s 和 t 不能删掉。1<=n<=100，1<=m<=600; 二、解题思路： 刚刚学了最大费用流，知道最大流等于最小割。但此题割的不是边，是点。 我们需要将将割点转化为割边。把一个点切成 ......

[USACO07DEC]Mud Puddles S 题目描述 Farmer John is leaving his house promptly at 6 AM for his daily milking of Bessie. However, the previous evening saw a ......

$\color{purple}\text{P5123 [USACO18DEC]Cowpatibility G}$ 题意 每只集合有五个值，求交集为零的两个集合的对数。 解法 首先正难则反，我们考虑求出交集不为零的两个集合的对数 $sum$，则 $ans=\frac{n\times (n-1)}{2} ......

题目链接 题目 题目描述 For the daily milking, Farmer John's N cows (1 ≤ N ≤ 100,000) always line up in the same order. One day Farmer John decides to organize a ......

题目： 这题直接暴力旋转印章再暴力比较是否有多余的黑色，如果没有，进行涂色即可，不需要任何优化。 注意：画布不可以旋转。 肝程序.jpg 程序一会发 注：虽然我喜欢用string但用string一直莫名其妙的错，懒得改了，就换成了char 程序： #include<bits/stdc++.h> us ......

题目： 题意简洁明了，一边输入一遍判断，如果是第一个就开始第一次的订阅，如果不是，就比较是继续订阅好还是重新订阅好，十分暴力。 程序： #include<bits/stdc++.h> using namespace std; const int N=1e5+10; long long n,k,ans ......

题目： 来写周练了，这道题目开开胃，就只用遍历一遍b数组、d数组再加上一些特判即可 程序： #include<bits/stdc++.h> using namespace std; const int N=1e5+10; long long n,t,d[N],b[N]; int main() { i ......

[USACO17JAN]Promotion Counting P 题解 题目描述 给你一棵树，每个点有一个点权 $p_i$，求 $\forall i$，$i$ 的子树内点权比 $i$ 的点权大的点的数量。 思路 看到子树我就忍不住了，不得不狠狠地吧树拍到 $dfn$ 序上了，发现用 $dfn$ 拍扁 ......

涉及知识点：动态规划 题目链接 题意 给你一个数轴，数轴上有$n$个点，选其中一些点进行两两配对，配对要求是这两个点之间距离不能超过$k$，且一个点只能有一组配对，使得未配对的点之间无法再进行配对。每个点有个代价$y_i$，我们称一种配对方案的代价为未配对的点的代价和，求配对方案的最大或最小代价 分 ......

P3008 [USACO11JAN]Roads and Planes G ##思路 按照分连通块的方法进行计算，并且如果不是本连通块的点，不能在现在的本次dfs中求解最小值。要一个一个的联通快进行标记。 /* 不能直接走disj的话，缩点的思想很重要 首先尽量不要使用spfa进行走图，可能会卡 对道 ......

赛时开始一眼线段树分治，交了几发都 T 了，就意识到事情不对。后来想了想发现势能分析不能带撤销。。。 后来加了一些不能改变复杂度假了的优化，没过之后就自闭跑路了。。。 赛后听别人说了个楼房重建就明白怎么做了。 首先，我们离线下来把 $a$ 排序，去重（这样方便一点，不然权值线段树上的空节点得特判）， ......

[USACO12MAR]Flowerpot S tag:单调队列 很惭愧，今天发现自己连滑动窗口都不会了，遂做了一些题 两滴水的高度之差大于等于D的情况下的最小花盆宽度 暴力思路：对于任意两点求水滴高度差是否大于等于D，若大于等于$D$则计算最下的两点距离 $w$ 但这显然是能过但不完全过，手玩一下 ......

Breakdown 将过程逆序，即加边并维护以下信息—— $f_{k,i,j}$表示从$i$到$j$恰走$k$步的最短路（其中$k\in [0,2]$） $fs_{k,i}$表示从$1$到$i$恰走$k$步的最短路（其中$k\in [0,4]$） $ft_{k,i}$表示从$i$到$n$恰走$k$步 ......

Problem Luogu P9019 [USACO23JAN] Tractor Paths P Solution 首先有一个显然的结论，区间 $i$ 向右能到的区间是 $[i+1,RT_i]$，向左能到的区间是 $[LT_i,i-1]$。 根据这个考虑倍增。定义跳一步表示从当前区间去到最远能去的区 ......

一、题目描述： 给你一棵 n 个点的树，点带权，对于每个节点，求出距离它不超过 k 的所有节点权值和。 二、做题思路： 这题一开始想了一个 O(knlogn) 的线段树合并，写了一半感觉不好转移，最后写了十几分钟的 dp 写出来了。( dp代码就是短 ) 两遍 dfs 。第一遍统计从儿子到父亲，第二 ......

直角坐标系中，有 nn 个点。要求先从左往右走，再从右往左走，不重复的经过每一个点。 求出最短路径（距离为两点间直线距离）。 f [i ][j ] 表示点 1~max(i,j) 已走过，的路径长度 #include <iostream> #include <algorithm> #include < ......

[USACO08FEB]Hotel G 线段树二分，最大字段和 对于操作二，是很简单的区间赋值 对于操作一，长度为$len$的,我们要找到最小的的 $x$ 满足 $[x, x + len -1]$ 的房间为空 在最大字段和的基础上，我们可以求出最长连续空房间的长度，对于要求长度为$len$的房间，可 ......

#include<bits/stdc++.h> using namespace std; int a,b; bool zs(int x) { if(x%2>0) { for(int i=3;i<x;i+=2) if(x%i==0) return false; return true; }else r ......

题目链接 先按左端点从小到大排序。 设 $f(i)$ 表示前 $i$ 条线段的所有子集的复杂度之和。 考虑从 $f(i-1)$ 转移到 $f(i)$，即考虑新加进来第 $i$ 条线段的过程。第 $i$ 条线段加进来所新产生的贡献分两种： 设除了第 $i$ 条线段选中的线段集合为 $S$，则若 $S$ ......

https://www.luogu.com.cn/problem/P2986 输入 #1 5 1 1 0 0 2 1 3 1 2 3 2 3 4 3 4 5 3 输出 #1 15 推荐这位佬的思路以及题解 https://zhuanlan.zhihu.com/p/571948153 #include ......

给出 N 条平行于坐标轴的线段，要你选出尽量多的线段使得这些线段两两没有交点（顶点也算）。 横的与横的，竖的与竖的线段之间保证没有交点，输出最多能选出多少条线段。 #include <iostream> #include <algorithm> #include <cstring> #include ......

这个还是看代码，比讲的清楚 #include<bits/stdc++.h> #define fastio ios_base::sync_with_stdio(false);cin.tie(0);cout.tie(0) #define ls (rt<<1) #define rs (rt<<1|1) u ......

一道很妙，也挺有技巧的状压dp题。 我们从k入手，k的范围很小，且本题是按顺序购买的。 接下来是本题的核心：dp[i]是状态为i时，最多能买多少物品数 接下来是dp的状态转移： 我们知道 i 的状态有那些为1，我们把第 j 个钱放在最后花，然后已经知道了 dp[ i^(1<<j) ] 的最优解，便可 ......